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原线圈电流为4I=2A,故A正确；理想变压器原、副考点3远距离输电问题线圈匝数比为1：4，可知通过原、副线圈的电流之比为4：1，根据P=IR可知，R1与R2消耗的电功率之1.C【解析】本题考查远距离输电、理想变压器.由功率比为8：1，故B错误；若向上移动P,则滑动变阻器PP=U,L得，发电机输出的电流1==400A,故选R。接入电路的电阻增大，通过副线圈的电流变小，原项A错误；由输电线上损失的功率P线=I线R线，解得线圈中的电流也变小，根据P=U可知，电源输出功I线=25A,故选项B错误；由升压变压器的电流关系有率将变小，电阻R,两端的电压变小，变压器输入电压变大，副线圈两端电压变大，电压表读数将变大，同理，↓=”，由升压变压器的电压关系有记，I2-n1U-,又因为当P向下移动，电源输出功率变大，电压表示数变小，I2=I线，解得U2=4000V,由题意可知输电线上损失的故C错误，D正确.电压U线=I线R线=200V,由电压关系U2=U线十U313.CD【解析】本题考查交变电流的产生和变压器.产生的交变电流电动势最大值为NBSw,由于不计发电机线解得U,=3800V,由降压变压器的电压关系己-元-U3n3圈内阻，产生的交流电压最大值为NBSw,电压表V1示解得-190n4,故选项C正确；由降压变压器的电流关数为有效值，为NBS“,B错误；根据理想变压器变压公√2-,又因为1。=1段，解得1，=431.8A,故系有了，n式可知，电压表V,示数为NBS,C正确；根据理想变选项D错误，22【技巧点拨】变压器和远距离输电的问题要抓住核压器电流关系，电流表A2示数是电流表A1示数的2倍，一变压器的电压、电流、功率关系，在升压变压器和D正确，降压变压器之间的电压关系和功率关系，再加上细致的14.解：(1)电压表和电流表示数均为0，因为变压器不能对推理和细心的计算问题即可解决.稳恒电压进行变压2.C【解析】本题考查变压器原理、原副线圈电压的关系U_m(2)由Un2电能的输送.根据题中条件输电线上的损耗功率可表示得U=U,元n2为P=IR,因为输电线上的电阻R是定值，为了减小输电线上的损耗功率，只能通过减小输电线上的电流来电压表读数U2=44V实现.线路输送总功率P=U2I2一定的情况下，增大输U2依据12=送电压U2可以减小输送电流I2,根据变压器工作原U电流表读数I2=0.44A理可知，当1减小，m2增大时，可以增大U,选U2 n2P1=P2=U212天刮项C正确，ABD错误.P,=19.36W3.C【解析】本题通过变压器及远距离输电，考查考生的△Φ(3)由法拉第电磁感应定律E=n理解能力和推理能力.通过变压器可以改变交变电压的△t大小，但是不能改变交变电流的频率，A错误；由题图乙当E最大时，会,有最大值知，发电机输出电压的有效值为220V,由题意知用户得最大值为中_E_220v2到电压的有效值也为220V,则U1=U4,但在电能输送=0.14wb/s△t2200的过程中，输电线上有电压、功率的损失，故升压变压器【解析】本题考查理想变压器、电磁感应定律的输出功率大于降压变压器的输入功率，根据P=UⅡ，一物理·答54